Pestalozzi Gymnasium Biberach EduRandomtasks

Integralanwendungen BF

Beispiel:

Die Bewegungsgeschwindigkeit eines Körpers lässt sich nährungsweise durch die Funktion f mit f(x)= $\frac{5}{{(2 x - 1)}^{4}}$ (in m/s, x in Sekunden) beschreiben. Nach 1s hat er bereits 10 m zurückgelegt. Wie weit ist er nach 3 Sekunden?

Lösung einblenden

Zuerst berechnen wir die Änderung des Bestands zwischen 1 und 3:

\int_{1}^{3} \frac{5}{{(2 x - 1)}^{4}} ⅆ x

=

\int_{1}^{3} 5 {(2 x - 1)}^{- 4} ⅆ x

= ${[- \frac{5}{6} {(2 x - 1)}^{- 3}]}_{1}^{3}$

= ${[- \frac{5}{6 {(2 x - 1)}^{3}}]}_{1}^{3}$

$=$ $- \frac{5}{6 {(2 \cdot 3 - 1)}^{3}} + \frac{5}{6 {(2 \cdot 1 - 1)}^{3}}$

= $- \frac{5}{6 {(6 - 1)}^{3}} + \frac{5}{6 {(2 - 1)}^{3}}$

= $- \frac{5}{6 \cdot 5^{3}} + \frac{5}{6 \cdot 1^{3}}$

= $- \frac{5}{6} \cdot (\frac{1}{125}) + \frac{5}{6} \cdot 1$

= $- \frac{1}{150} + \frac{5}{6}$

= $- \frac{1}{150} + \frac{125}{150}$

= $\frac{62}{75}$

≈ 0,827

Der neue Bestand setzt sich aus dem Anfangsbestand bei 1 und der Änderung zwischen 1 und 3 zusammen:

B = 10 + $\frac{62}{75}$ = $\frac{812}{75}$ ≈ 10.83

Integralanwendungen

Beispiel:

Die Bewegungsgeschwindigkeit eines Körpers lässt sich nährungsweise durch die Funktion f mit f(x)= $\frac{2}{3 x - 6}$ (in m/s, x in Sekunden) beschreiben. Nach 4s hat er bereits 13 m zurückgelegt. Wie weit ist er nach 7 Sekunden?

Lösung einblenden

Zuerst berechnen wir die Änderung des Bestands zwischen 4 und 7:

\int_{4}^{7} \frac{2}{3 x - 6} ⅆ x

=

\int_{4}^{7} 2 {(3 x - 6)}^{- 1} ⅆ x

= ${[\frac{2}{3} \ln (| 3 x - 6 |)]}_{4}^{7}$

$=$ $\frac{2}{3} \ln (| 3 \cdot 7 - 6 |) - \frac{2}{3} \ln (| 3 \cdot 4 - 6 |)$

= $\frac{2}{3} \ln (| 21 - 6 |) - \frac{2}{3} \ln (| 12 - 6 |)$

= $\frac{2}{3} \ln (15) - \frac{2}{3} \ln (| 12 - 6 |)$

= $\frac{2}{3} \ln (15) - \frac{2}{3} \ln (6)$

≈ 0,611

Der neue Bestand setzt sich aus dem Anfangsbestand bei 4 und der Änderung zwischen 4 und 7 zusammen:

B = 13 + $\frac{2}{3} \ln (| 15 |) - \frac{2}{3} \ln (| 6 |)$ ≈ 13.61

Integralfunktion - Gleichung

Beispiel:

Bestimme u > 0 so, dass $\int_{0}^{u} 0,6 e^{- 0,2 x + 0,6} ⅆ x$ = $2$

Lösung einblenden

\int_{0}^{u} 0,6 e^{- 0,2 x + 0,6} ⅆ x

= ${[- 3 e^{- 0,2 x + 0,6}]}_{0}^{u}$

$=$ $- 3 e^{- 0,2 u + 0,6} + 3 e^{- 0,2 \cdot 0 + 0,6}$

= $- 3 e^{- 0,2 u + 0,6} + 3 e^{0 + 0,6}$

= $- 3 e^{- 0,2 u + 0,6} + 3 e^{0,6}$

Diese Integralfunktion soll ja den Wert $2$ annehmen, deswegen setzen wir sie gleich :

$- 3 e^{- 0,2 u + 0,6} + 3 e^{0,6}$	=	$2$	\| $- 3 e^{0,6}$
$- 3 e^{- 0,2 u + 0,6}$	=	$- 3 e^{0,6} + 2$
$- 3 e^{- 0,2 u + 0,6}$	=	$- 3,4664$	\|: $- 3$
$e^{- 0,2 u + 0,6}$	=	$1,1555$	\|ln(⋅)
$- 0,2 u + 0,6$	=	$\ln (1,1555)$

$- 0,2 u + 0,6$	=	$0,1445$	\| $- 0,6$
$- 0,2 u$	=	$- 0,4555$	\|:( $- 0,2$ )
$u$	=	$2,2775$

Mittelwerte

Beispiel:

Bestimme den Mittelwert der Funktionswerte von f mit f(x)= $5 \cdot \cos (2 x - π)$ zwischen $0$ und $\frac{3}{2} π$ .

Lösung einblenden

Wir berechnen den Mittelwert mit der üblichen Formel:

m =

\frac{1}{\frac{3}{2} π + 0}

\int_{0}^{\frac{3}{2} π} 5 \cdot \cos (2 x - π) ⅆ x

= $\frac{2}{3 π}$ ${[\frac{5}{2} \cdot \sin (2 x - π)]}_{0}^{\frac{3}{2} π}$

$=$ $\frac{2}{3 π} \cdot (\frac{5}{2} \cdot \sin (2 \cdot (\frac{3}{2} π) - π) - \frac{5}{2} \cdot \sin (2 \cdot (0) - π))$

= $\frac{2}{3 π} \cdot (\frac{5}{2} \cdot \sin (2 π) - \frac{5}{2} \cdot \sin (- π))$

= $\frac{2}{3 π} \cdot (\frac{5}{2} \cdot 0 - \frac{5}{2} \cdot 0)$

= $\frac{2}{3 π} \cdot (0 + 0)$

= $\frac{2}{3 π} \cdot 0$

= 0

uneigentliche Integrale

Beispiel:

Der Graph der Funktion f mit f(x)= $\frac{2}{{(2 x - 1)}^{2}}$ schließt mit der x-Achse und der Geraden x=2 eine nach rechts offene Fläche ein.
Untersuche, ob der Flächeninhalt endlich ist und bestimme in diesem Fall diesen Flächeninhalt.

Lösung einblenden

A(u)=

\int_{2}^{u} \frac{2}{{(2 x - 1)}^{2}} ⅆ x

=

\int_{2}^{u} 2 {(2 x - 1)}^{- 2} ⅆ x

= ${[- {(2 x - 1)}^{- 1}]}_{2}^{u}$

= ${[- \frac{1}{2 x - 1}]}_{2}^{u}$

$=$ $- \frac{1}{2 u - 1} + \frac{1}{2 \cdot 2 - 1}$

= $- \frac{1}{2 u - 1} + \frac{1}{4 - 1}$

= $- \frac{1}{2 u - 1} + \frac{1}{3}$

Für u → ∞ gilt: A(u) = $- \frac{1}{2 u - 1} + \frac{1}{3}$ → $0 + \frac{1}{3}$ = $\frac{1}{3}$ ≈ 0.333

Für den Flächeninhalt (immer positiv) gilt also I = 0.333

Maximaler Bestand rückwärts

Beispiel:

Die Funktion f mit

f(t) =

e^{- 0,5 t + 1} - 1

beschreibt die Zu- bzw. Abflussrate von Wasser in einen Wassertank (f(t) in m³/min, t in Minuten nach Beobachtungsbeginn). Ihr Graph ist rechts abgebildet. Die maximale Wassermenge im Tank beträgt im abgebildeten Zeitraum 60 m³. Bestimme die Wassermenge im Tank zu Beobachtungsbeginn.

Lösung einblenden

Der maximale Bestand (Wassermenge im Tank) wird zu dem Zeitpunkt erreicht, an dem die Änderungsrate vom Positiven ins Negative wechselt, also wenn die Zunahme in eine Abnahme übergeht.
Wir suchen also eine Nullstelle von f mit Vorzeichenwechsel + nach -.

$e^{- 0,5 t + 1} - 1$	=	0	\| $+ 1$
$e^{- 0,5 t + 1}$	=	$1$	\|ln(⋅)
$- 0,5 t + 1$	=	0

$- 0,5 t + 1$	=	0	\| $- 1$
$- 0,5 t$	=	$- 1$	\|:( $- 0,5$ )
$t$	=	$2$

Wir wissen nun, dass zum Zeitpunkt t = 2 der Bestand (Wassermenge im Tank) maximal ist.
Über die Fläche unter der Kurve können wir den gesamten Zuwachs bis zu diesem Zeitpunkt berechnen:

I =

\int_{0}^{2} (e^{- 0,5 t + 1} - 1) ⅆ t

= ${[- 2 e^{- 0,5 x + 1} - x]}_{0}^{2}$

$=$ $- 2 e^{- 0,5 \cdot 2 + 1} - 2 - (- 2 e^{- 0,5 \cdot 0 + 1} - 0)$

= $- 2 e^{- 1 + 1} - 2 - (- 2 e^{0 + 1} + 0)$

= $- 2 e^{0} - 2 - (- 2 e^{1} + 0)$

= $- 2 - 2 - (- 2 e + 0)$

= $- 4 + 2 e$

≈ 1,437

Der Zuwachs von Beginn bis zum Zeitpunkts des maximalen Bestands beträgt somit 1,437 m³

Wenn der maximale Bestand (Wassermenge im Tank) aber 60 m³ ist müssen ja zu Beginn bereits 60 m³ - 1,437 m³ ≈ 58,563 m³ vorhanden gewesen sein.

Der Anfangs-Wassermenge im Tank betrug demnach B₀ = 58,563 m³.

minimaler + maximaler Bestand (2 Kurven)

Beispiel:

Ein Wassertank hat einen Zu- und einen Abfluss. In der Abbildung zeigt der blaue Graph die momentane Zuflussrate in Liter pro Minute, der rote Graph die momentane Abflussrate (Liter pro Minute). Die x-Achse zeigt die Zeit in Minuten nach Beobachtungsbeginn. Betrachtet wird nur der Zeitraum zwischen 0 und 10 Minuten nach Beobachtungsbeginn.

Nach wie vielen Minuten ist am wenigsten Wasser im Tank?
Der geringste Inhalt an Litern Wasser im abgebildeten Zeitraum sind ca. 11,1. Bestimme den Inhalt des Tanks in Litern Wasser bei Beobachtungsbeginn.

Lösung einblenden

Man erkennt schnell, dass von 0 bis 1 die Zuflussrate über der Abflussrate liegt, so dass hier das Wasservolumen zunimmt.

Von 1 bis 7 liegt dann die Abflussrate über der Zuflussrate, so dass hier das Wasservolumen abnimmt.

Von 7 bis 10 liegt dann wieder die Zuflussrate über der Abflussrate, so dass hier das Wasservolumen wieder zunimmt.

Die Werte der Zunahme (bzw. Abnahme) kann man an der Fläche zwischen den Kurven abzählen:
von 0 bis 1: ca. 1.1 Liter
von 1 bis 7: ca. -12 Liter

Zeitpunkt des kleinsten Bestands
Da zwischen 0 und 1 weniger Zuwachs abzulesen ist als die Abnahme zwischen 1 und 7, ist der Zeitpunkt mit dem geringsten Bestand wenn die Zuwachsrate wieder größer wird als die Abnahmerate, also bei t = 7 min.
Anfangsbestand
Da das Wasservolumen zwischen t = 0 und seinem Tiefstand bei t = 7 (bevor es danach wieder zunimmt) erst 1.1 Liter zu- und dann wieder 12 Liter abgenommen hat, also insgesamt um |1.1-12| = 10.9 Liter weniger wurde, muss es beim Beobachtungsbeginn t = 0 bereits 11.1+10.9 = 22 Liter betragen haben.

Aufgabenbeispiele von Anwendungen

Integralanwendungen BF

Integralanwendungen

Integralfunktion - Gleichung

Mittelwerte

uneigentliche Integrale

Maximaler Bestand rückwärts

minimaler + maximaler Bestand (2 Kurven)